分析 （1）因动力臂及动力的乘积不变，则由杠杆的平衡条件可知配重与配重臂的关系；（2）根据滑轮的特点分析其作用；根据滑轮组特点确定绳子段数求出物体重力；再结合重力公式求出质量；（3）根据功的公式W=Fs求出克服重力做功大小；（4）求出有用功，利用效率公式求总功，再利用P=$\frac{W}{t}$求实际功率．
解答 解：（1）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2（动力×动力臂=阻力×阻力臂）可得：F2=$\frac{{F}_{1}{L}_{1}}{{L}_{2}}$，由此可知当阻力臂和动力不变时，阻力与动力臂成正比；即动力臂越大，阻力越大；动力臂越小，阻力越小．故为保持平衡，起重臂的长度越长的塔式起重机，配备的平衡重的质量应越大；（2）图示中滑轮a为定滑轮，其作用是改变用力的方向；由题意可知该滑轮组承担总重的绳子有2段，故G=2F=3×104N×2=6×104N，由G=mg可得：m=$\frac{G}{g}$=$\frac{6×1{0}^{4}N}{10N/kg}$=6000kg；（3）W=Fs=Gh=1.2×104N×30m=3.6×105J，由于水平移动时，重力方向上没移动距离，故水平移动过程中重力没做功；（4）η=$\frac{{W}_{有用}}{{W}_{总}}$×100%=$\frac{Gh}{Fs}$=$\frac{Gh}{F2h}$=$\frac{G}{2F}$F=$\frac{G}{2η}$=$\frac{1.2×1{0}^{4}N}{2×80%}$=7500N；v绳=2v物=1m/s，起升电动机的钢绳拉力做功的实际功率是：P=$\frac{{W}_{总}}{t}$=$\frac{Fs}{t}$=Fv绳=7500N×1m/s=7500W．答：（1）大；（2）改变用力的方向；能吊起货物的质量不能超过6000kg；（3）克服货物重力做的功是3.6×105J；（4）该起升电动机钢绳拉力为7500N；该起升电动机的钢绳拉力做功的实际功率是7500W．
点评 此题主要考查学生对于杠杆平衡条件、滑轮与滑轮组特点以及功公式的理解和掌握，属于综合型题目．